Sáng kiến kinh nghiệm Một số phương pháp thường dùng để giải phương trình nghiệm nguyên

Nội dung text: Sáng kiến kinh nghiệm Một số phương pháp thường dùng để giải phương trình nghiệm nguyên

1. Một số phương pháp giải phương trình nghiệm nguyên Lời nói đầu Thế giới ngày nay đang phát triển như vũ bão với các ngành khoa học công nghệ tinh vi chính xác. Cùng với sự phát triển đó thì toán học với tư cách là một ngành khoa học tự nhiên cũng phát triển mạnh mẽ. Toán học từ trước đến nay được coi là một môn học rất quan trọng trong chương trình học các cấp. Nó có tác dụng phát triển tư duy, rèn luyện trí tuệ và óc sáng tạo của học sinh. Bản thân tôi là một người giáo viên đang trực tiếp giảng dạy môn toán đã thấy được tầm quan trọng của bộ môn và sự ham học của học sinh cùng với sự động viên của đồng nghiệp nên tôi tâm huyết với bộ môn và nghiên cứu đề tài “ Một số phương pháp thường dùng để giải phương trình nghiệm nguyên”. Tôi mong rằng qua đề tài này tôi có thể góp một phần nhỏ bé cho đồng nghiệp và học sinh kiến thức cơ bản và kinh nghiệm học tập khi tìm hiểu về phương trình nghiệm nguyên Do thời gian nghiên cứu có hạn nên không thể tránh khỏi thiếu xót. Rất mong bạn đọc đóng góp ý kiến để đề tài của tôi hoàn thiện hơn. Tôi xin chân thành cảm ơn! Cẩm Đàn, ngày 20 tháng 05 năm 2007 Giáo viên: Hoàng Văn Thành - THCS Cẩm Đàn 1
2. Một số phương pháp giải phương trình nghiệm nguyên A. Những vấn đề chung I/ Lý do chọn đề tài: Các bài toán về phương trình nghiệm nguyên là những bài toán khó. Đường lối chung để giải phương trình này là dựa vào đặc điểm của phương trình để thu hẹp miền chứa nghiệm. Để phát huy tính tích cực, tự giác, chủ động trong học tập của mỗi học sinh, đối với mỗi dạng toán này cũng như việc tạo ra sự hứng thú say mê học tập của các em là việc rất cần thiết của các thầy cô giáo dạy toán. Do vậy tôi muốn trao đổi kinh nghiệm về một số phương pháp thường dùng để giải phương trình nghiệm nguyên hay gặp trong chương trình toán cấp 2 mà tôi đã làm. II/ Mục đích: Giúp học sinh nắm được một số phương pháp cơ bản để giải phương trình nghiệm nguyên. III/ Nhiệm vụ: - Đưa ra các phương pháp và ví dụ minh hoạ - Rút kinh nghiệm IV/ Đối tượng và phạm vi nghiên cứu: - Đối tượng: các tài liệu về phương trình nghiệm nguyên - Phạm vi nghiên cứu: các bài toán về phương trình nghiệm nguyên trong chương trình toán cấp 2. V/ Phương pháp nghiên cứu: - Nghiên cứu tài liệu - Trao đổi kinh nghiệm - Tổng kết rút kinh nghiệm Giáo viên: Hoàng Văn Thành - THCS Cẩm Đàn 2
3. Một số phương pháp giải phương trình nghiệm nguyên B. Nội dung nghiên cứu: I/ Phương pháp dùng tính chất chia hết: 1/ Phương pháp phát hiện tính chia hết: Ví dụ 1: Tìm nghiệm nguyên của phương trình : 3x + 17y = 159 (1) Giải: Giả sử x, y là các số nguyên thoả mãn phương trình (1). Ta thấy 159 và 3x đều chia hết cho 3 nên 17y cũng chia hết cho 3, do đó y chia hết cho 3 ( vì 17 và 3 nguyên tố cùng nhau) Đặt y = 3t ( t là số nguyên). Thay vào phương trình (1), ta được: 3x + 17.3t = 159 x + 17t = 53 => x =53 - 17t x 53 17t Do đó ( t Z ) y 3t Đảo lại thay các biểu thức của x và y vào (1) phương trình được nghiệm đúng. Vậy phương trình (1) có vô số nghiệm nguyên (x; y) được biểu thị bởi công thức: x 53 17t ( t Z ) y 3t 2/ Phương pháp đưa về phương trình ước số: Ví dụ 2: Tìm nghiệm nguyên của phương trình : x.y - x - y = 2 Giải: Ta có: x.y - x - y = 2 x.( y -1) - y = 2 x. (y - 1) - (y - 1) = 3 (x -1). (y - 1) = 3 Do x, y là các số nguyên nên x - 1, y - 1 cũng là các số nguyên và là ước của 3. Suy ra các trường hợp sau: x 1 3 x 1 1 x 1 1 x 1 3 ; ; ; y 1 1 y 1 3 y 1 3 y 1 1 Giải các hệ này ta có nghiệm của phương trình : (4; 2), (2; 4), (0; -2), (-2; 0) 3/ Phương pháp tách ra giá trị nguyên: Ví dụ 3: Giải phương trình ở ví dụ 2 bằng cách khác Giải: Ta có: x.y - x - y = 2 x.(y-1) = y+2 Ta thấy y 1 ( vì nếu y=1 thì x.0 = 3 vô nghiệm ) y 2 3 Do đó x = 1 y 1 y 1 Giáo viên: Hoàng Văn Thành - THCS Cẩm Đàn 3
4. Một số phương pháp giải phương trình nghiệm nguyên 3 Do x nguyên nên nguyên. => y-1 là ước của 3 => y-1=3; y-1=-3; y-1=1; y-1=-1 y 1 Ta cũng có đáp số như ở ví dụ 2 II/ Phương pháp xét số dư từng vế: Ví dụ 4: Chứng minh rằng các phương trình sau không có nghiệm nguyên: a/ x2- y2 = 1998 b/ x2+ y2 = 1999 Giải: a/ Ta thấy x2 ; y2 chia cho 4 chỉ có số dư là: 0 ; 1 nên x2 - y2 chia cho 4 có số dư là : 0 ; 1 ; 3 còn vế phải 1998 chia cho 4 dư 2. Vậy phương trình không có nghiệm nguyên. b/ Tương tự ta có x2 + y2 chia cho 4 có số dư là : 0; 1; 2 còn vế phải 1999 chia cho 4 dư 3 Vậy phương trình không có nghiệm nguyên Ví dụ 5: Tìm nghiệm nguyên của phương trình : 9x + 2 = y2+y (1) Giải: Ta có phương trình (1)  9x+2 = y(y+1) Ta thấy vế trái của phương trình là số chia cho 3 dư 2 nên y.(y+1) chia cho 3 cũng dư 2. Chỉ có thể: y = 3k+1; y+1 = 3k+2 ( k Z ) Khi đó: 9x+2 = (3k+1).(3k+2) 9x 9k.(k 1) x k.(k 1) Thử lại: x= k.(k+1); y = 3k+1 thoả mãn phương trình đã cho. Vậy phương trình (1) có nghiệm tổng quát: x k.(k 1) k Z y 3k 1 III/ Phương pháp dùng bất đẳng thức: 1. Phương pháp sắp thứ tự các ẩn: Ví dụ 6: Tìm 3 số nguyên dương sao cho tổng của chúng bằng tích của chúng Giải: Gọi các số nguyên dương phải tìm là x, y, z. Ta có: x + y + z = x.y.z (1) Do x, y, z có vai trò như nhau ở trong phương trình (1) nên có thể sắp thứ tự các ẩn như sau: 1 x y z Do đó : x.y.z = x + y +z 3z Chia cả hai vế cho số dương z ta được: x.y 3 Do đó: x.y = 1;2;3 +Với x.y =1 => x=1, y=1thay vào (1)ta được 2 +z = z loại Giáo viên: Hoàng Văn Thành - THCS Cẩm Đàn 4
5. Một số phương pháp giải phương trình nghiệm nguyên +Với x.y = 2 =>x=1, y=2 thay vào (1) ta được x = 3 +Với x.y = 3 => x=1, y=3 thay vào (1) ta được z = 2 loại vì trái với sắp xếp y z Vậy ba số phải tìm là 1; 2; 3 2. Phương pháp xét từng khoảng giá trị của ẩn: Ví dụ 7: Tìm các nghiệm nguyên dương của phương trình 1 1 1 x y 3 Giải: Do vai trò bình đẳng của x và y. Giả sử x y , dùng bất đẳng thức để giới hạn khoảng giá trị của số nhỏ y Ta có: 1 1 y 3 (1) y 3 1 1 Mặt khác do x y 1 x y Do đó 1 1 1 1 1 2 2 1 nên y 6 (2) 3 x y y y y y 3 Từ (1) và (2) ta có : 3 y 6 . Do y Z y 4;5;6  1 1 1 +Với y =4 ta được: x 12 x 3 4 1 1 1 2 + Với y = 5 ta được: loại vì x không là số nguyên x 3 5 15 1 1 1 + Với y = 6 ta được: x 6 x 3 6 Vậy các nghiệm nguyên dương của phương trình là: (4; 12), (12; 4) , (6; 6) 3/ Phương pháp chỉ ra nghiệm nguyên: Ví dụ 8: Tìm số tự nhiên x sao cho 2x+3x=5x Giải: Chia hai vế cho 5x, ta được: x x 2 3 1 (1) 5 5 +Với x=0 vế trái của phương trình (1) bằng 2 (loại) + Với x = 1 thì vế trái của phương trình bằng 1 ( đúng) + Với x 2 thì: x x 2 2 3 3 ; 5 5 5 5 x x 2 3 2 1 Nên: 1 ( loại) 5 5 5 5 Giáo viên: Hoàng Văn Thành - THCS Cẩm Đàn 5
6. Một số phương pháp giải phương trình nghiệm nguyên Vậy nghiệm duy nhất của phương trình là x = 1 4/ Sử dụng điều kiện 0 của phương trình bậc hai có nghiệm Ta viết phương trình f(x; y) = 0 dưới dạng phương trình bậc hai đối với một ẩn đã chọn. Chẳng hạn chọn ẩn x, khi đó y là tham số, điều kiện cần để phương trình có nghiệm là 0 , để có nghiệm nguyên còn cần phải là số chính phương. Ví dụ 9: Tìm các nghiệm nguyên của phương trình : x+y+xy = x2+y2 (1) Giải: Phương trình (1) tương đương với: x2-(y+1)x+(y2-y) = 0 (2) Điều kiện để (2) có nghiệm là 0 (y 1)2 4(y2 y) 3y2 6y 1 0 3y2 6y 1 0 3y2 6y 1 0 3(y 1)2 4 Do đó (y-1)2 1 => y-1 = 0; y-1 = -1; y-1 = 1 => y=(0; 1; 2) 2 +Với y=0 thay vào (2) ta được: x -x = 0 => x1=0; x2=1 2 +Với y=1 thay vào (2) ta được: x -2x=0 => x3=0; x4=2 2 +Với y=2 thay vào (2) ta được: x -3x+2=0 => x5=1; x6=2 Thử lại các giá trị trên nghiệm đúng với phương trình (1) Đáp số: nghiệm của phương trình (1) là: (0; 0), (0; 1), (1; 0), (1; 2), (2; 1), (2; 2) 5/ Sử dụng bất đẳng thức Côsi, Bunhia Copxiki: Ví dụ 10: Tìm nghiệm nguyên dương của phương trình : xy yz xz 3 (1) z x y Giải: Phương trình (1) 3xyz x2 y2 y2z2 z2x2 33 x4 y4z4 3xyz 3 xyz ( áp dụng BĐT Côsi) xyz 1 x y z 1 Vậy phương trình (1) c0s nghiệm nguyên dương là (1; 1; 1) IV/ Phương pháp dùng tính chất của một số chính phương: 1/Sử dụng tính chất chia hết của một số chính phương: • Các tính chất thường dùng: 1. số chính phương không tận cùng bằng 2, 3, 7, 8 2. Số chính phương chia hết cho số nguyên tố phát triển thì chia hết cho p2 3. Số chính phương chia cho 3 thì có số dư là 0; 1, chia cho 4 có số dư là 0; 1, chia cho 8 có số dư là 0; 1; 4 Ví dụ 11: Tìm các số nguyên x để 9x+5 là tích của hai số nguyên liên tiếp Giáo viên: Hoàng Văn Thành - THCS Cẩm Đàn 6
7. Một số phương pháp giải phương trình nghiệm nguyên Giải: Giả sử 9x+5 = n(n+1) với n nguyên thì 36x+20 = 4n2+4n => 36x+21= 4n2+4n+1 => 3(12x+7) = (2n+1)2 (1) Từ (1) => (2n+1)2 3 , do 3 là số nguyên tố => (2n+1)2 9 Mặt khác ta có 12x+7 không chia hết cho 3 nên 3(12x+7) không chia hết cho 9 Vậy chứng tỏ không tồn tại số nguyên x để 9x+5 là tích của hai số nguyên liên tiếp. 2/ Tạo ra bình phương đúng: Ví dụ 12: Tìm các nghiệm nguyên của phương trình: 2x2+4x+2 = 21-3y2 (1) Giải: 2 Phương trình (1) 2 x 1 3 7 y2 (2) Ta thấy vế trái chia hết cho 2 => 3(7-y2)2 7 y2 2 y lẻ Ta lại có 7-y2 0 (vì vế trái 0) nên chỉ có thể y2 = 1. Khi đó phương trình (2) có dạng 2(x2+1) = 18 x 1 3 x 4;2 . Các cặp số (2; 1), (2; -1), (-4; 1), (-4; -1) thoả mãn phương trình (2) nên là nghiệm của phương trình đã cho. 3/ Xét các số chính phương liên tiếp: Hiển nhiên giữa hai số chính phương liên tiếp không có số chính phương. Do đó với mọi số nguyên a, x ta có: 1. Không tồn tại x để a2 x2+x+1 = k2+2k+1 = (k+1)2 Do x>0 nên x2 0 nên (k+1)2 = x2+x+1 x2 < (k+1)2 < (x+1)2 Vô lí. Vậy không tồn tại số nguyên dương x để : x(x+1) = k(k+2) 4/ Sử dụng tính chất " nếu hai số nguyên dương nguyên tố cùng nhau có tích là một số chính phương thì mỗi số đều là số chính phương" Ví dụ 14: Giải phương trình với nghiệm nguyên dương: xy=z2 (1) Giải: Giáo viên: Hoàng Văn Thành - THCS Cẩm Đàn 7